Đề thi giữa kì 1 Hóa 12 - Đề 2

Mô tả thêm: Đề kiểm tra giữa học kì 1 Hóa 12 gồm nội dung câu hỏi dưới dạng trắc nghiệm, các mức độ khác nhau, giúp bạn học đánh giá chính xác năng lực học.

Thời gian làm: 50 phút
Số câu hỏi: 40 câu
Số điểm tối đa: 40 điểm
Tài khoản: Đăng nhập

Trước khi làm bài bạn hãy

1 Ôn tập kiến thức đã nêu trong phần Mô tả thêm
2 Tìm không gian và thiết bị phù hợp để tập trung làm bài
3 Chuẩn bị sẵn dụng cụ cần dùng khi làm bài như bút, nháp, máy tính
4 Căn chỉnh thời gian làm từng câu một cách hợp lý

Mua gói để Làm bài

Câu 1: Nhận biết
Công thức của alanin là
- A. CH₃NH₂.
- B. H₂NCH(CH₃)COOH.
- C. H₂NCH₂COOH.
- D. C₂H₅NH₂.
Câu 2: Nhận biết
Để thử tính tan của chất béo, người ta lấy mỗi lọ 5 ml dầu ăn rồi lần lượt nhỏ vào 2 ống nghiệm a và b hai chất lỏng. Hiện tượng thí nghiệm như sau:
Ống nghiệm a và b có thể chứa chất nào sau đây:
- A. a chứa nước, b chứa benzen.
- B. a chứa nước cất, b chứa nước chanh.
- C. a chứa benzen, b chứa nước.
- D. a chứa benzen, b chứa nước cất.
- Chất béo là chất không phân cực nên ko tan trong dung môi phân cực là nước. Do tỉ trọng của chất béo nhỏ hơn nước nên chất béo nổi lên trên.
- Chất béo tan trong dung môi không phân cực là benzen.
Vậy a chứa nước, b chứa benzen.
Câu 3: Thông hiểu
Để chứng minh trong phân tử của glucozơ có nhiều nhóm hiđroxyl, người ta cho dung dịch glucozơ phản ứng với
- A. Cu(OH)₂trong NaOH, đun nóng.
- B. AgNO₃ trong dung dịch NH₃, đun nóng.
- C. Cu(OH)₂ở nhiệt độ thường.
- D. kim loại Na.
Glucozơ tác dụng với Cu(OH)₂ ở nhiệt độ thường cho dung dịch màu xanh lam đặc trưng.
→ Chứng tỏ phân tử glucozơ có nhiều nhóm OH ở vị trí kề nhau.
Phương trình phản ứng:
2C₆H₁₂O₆ + Cu(OH)₂ → (C₆H₁₁O₆)₂Cu + 2H₂O
(xanh lam)
Câu 4: Nhận biết
Chất có độ ngọt lớn nhất:
- A. Glucozơ.
- B. Fructozơ.
- C. Saccarozơ.
- D. Mantozơ.
Fructozơ là ngọt nhất trong các loại đường trên, nó có vị ngọt sắc và là thành phần chính của mật ong chiếm đến 40%.
Câu 5: Nhận biết
Dung dịch chất nào sau đây không làm đổi màu quỳ tím?
- A. Propylamin.
- B. Metylamin.
- C. Anilin.
- D. Đimetylamin.
Câu 6: Vận dụng
Hỗn hợp X gồm axit panmitic, axit stearic và axit linoleic. Để trung hòa m gam X cần 40 ml dung dịch NaOH 1M. Mặt khác, nếu đốt cháy hoàn toàn m gam X thì thu được 15,232 lít khí CO₂ (đktc) và 11,7 gam H₂O. Số mol của axit linoleic trong m gam hỗn hợp X là
- A. 0,015.
- B. 0,010.
- C. 0,020.
- D. 0,005.
X gồm panmitic và stearic đều là axit no đơn chức mạch hở còn axit linoleic có 2 liên kết đôi trong gốc hiđrocacbon
$\Rightarrow$ Khi đốt cháy tạo sản phẩm: n_CO2 – n_H2O = 2n_Linoleic
$\Rightarrow$ n_Linoleic = 0,015 mol
Câu 7: Nhận biết
Thủy phân hỗn hợp etyl axetat và etyl fomat trong dung dich NaOH đun nóng, sau phản ứng thu được
- A. 1 muối và 1 ancol.
- B. 1 muối và 2 ancol.
- C. 2 muối và 1 ancol.
- D. 2 muối và 2 ancol.
Câu 8: Thông hiểu
Peptit X có công thức sau: Gly-Ala-Val. Khối lượng phân tử của peptit X (đvC) là
- A. 245.
- B. 281.
- C. 227.
- D. 209.
Peptit X có công thức sau: Gly-Ala-Val
⇒ M_X = 75 + 89 + 117 – 36 = 245
Câu 9: Vận dụng cao
Hỗn hợp X gồm 2 este no đơn chức mạch hở. Cho 16,38 gam X tác dụng với vừa đủ dung dịch KOH thu được 18,48g hỗn hợp 2 muối của 2 axit cacboxylic kế tiếp trong dãy đồng đẳng và 9,66g một ancol. Khối lượng của este có khối lượng phân tử nhỏ trong hỗn hợp X là:
- A. 5,55g.
- B. 11,10g.
- C. 6,66g.
- D. 1,53g.
Bảo toàn khối lượng:
m_este + m_KOH = m_muối + m_ancol
m_KOH = 18,48 + 9,66 – 16,38 = 11,76 g
=> n_KOH = 0,21 mol = n_este = n_ancol =n_muối
M_ancol = 9,66 : 0,21 = 46. Vậy công thức ancol là C₂H₅OH
M_muối =18,48 : 0,21 = 88 => RCOOK = 88 => R = 5 => HCOOK và CH₃COOK
=> Gọi số mol lần lượt của 2 este HCOOC₂H₅ và CH₃COOC₂H₅là x, y mol
Ta có: x + y = 0,21 (1)
74x + 88y = 16,38 (2)
=> Giải hệ phương trình (1); (2) ta có:
x = 0,15; y = 0,06
=> m_HCOOC2H5 = 0,15. 74 = 11,1 gam.
Câu 10: Nhận biết
Chất nào sau đây thuộc loại amin bậc 3?
- A. (CH₃)₃N.
- B. CH₃-NH₂.
- C. C₂H₅-NH₂.
- D. CH₃-NH-CH₃.
Câu 11: Thông hiểu
Chất nào sau đây không phải là este ?
- A. HCOOCH₃.
- B. C₂H₅OC₂H₅.
- C. CH₃COOC₂H₅.
- D. C₃H₅(COOCH₃)₃.
C₂H₅OC₂H₅là ete
Câu 12: Vận dụng
Lên men 1 tấn tinh bột chứa 5% tạp chất trơ thành ancol etylic, hiệu suất mỗi quá trình lên men là 85%. Nếu đem pha loãng ancol đó thành ancol 40^o (khối lượng riêng của ancol etylic nguyên chất là 0,8 gam/cm³) thì thể tích dung dịch ancol thu được là
- A. 1206,125 lít.
- B. 1218,104 lít
- C. 1200 lít.
- D. 1211,5 lít.
Tinh bột (C₆H₁₀O₅)_n → nGlucozơ (C₆H₁₂O₆) → 2nC₂H₅OH + 2nCO₂
m_{tinh bột} = 1.1000.0,95 = 950 kg
${\mathrm n}_{\mathrm{tinh}\;\mathrm{bột}}\;=\;\frac{950}{162\mathrm n}\mathrm{kmol}$
n_ancol = 2n_{tinh bột} .85%.85%
$=\;2\mathrm n.\frac{950}{162\mathrm n}.0,85.0,85\;(\mathrm{kmol})$
= 8,4737 kmol
$\Rightarrow$ m_ancol = 8,4737.46.1000 = 389793,2 gam
$\Rightarrow$ V_{ancol nguyên chất} = 389793,2/0,8 = 487241,5 cm³ = 487241,5 ml
Pha loãng thành ancol 40^o ta có:
${\mathrm m}_{\mathrm{dd}\hspace{0.278em}\mathrm{ancol}}\hspace{0.278em}=\hspace{0.278em}\frac{487241,5.100}{40}\hspace{0.278em}$
= 1218104 ml =1218,104 lít
Câu 13: Nhận biết
Chọn phát biểu đúng trong các phát biểu sau:
- A.
  Enzim là những chất hầu hết có bản chất protein, có khả năng xúc tác cho các quá trình hóa học, đặc biệt trong các cơ thể sinh vật.
- B.
  Enzim là những protein có khả năng xúc tác cho các quá trình hóa học, đặc biệt trong các cơ thể sinh vật.
- C.
  Enzim là những chất không có bản chất protein, có khả năng xúc tác cho các quá trình hóa học, đặc biệt trong các cơ thể sinh vật.
- D.
  Enzim là những chất hầu hết không có bản chất protein, có khả năng xúc tác cho quá trình hóa học, đặc biệt trong cơ thể sinh vật.
Câu 14: Nhận biết
Chất nào sau đây có nhiệt độ sôi thấp nhất?
- A. C₄H₉OH.
- B. C₃H₇COOH.
- C. CH₃COOC₂H₅.
- D. C₆H₅OH.
Este có nhiệt độ sôi thấp hơn nhiều so với các hợp chất khác có cùng số C.
Lưu ý: Nhiệt độ sôi của một số hợp chất:
Axit > Ancol > Amin > Este > Xeton > Anđehit > Dẫn xuất halogen > Ete > Hiđrocacbon
Câu 15: Nhận biết
Khi nhỏ dung dịch axit nitric đặc vào dung dịch abumin, hiện tượng xảy ra và giải thích đúng là:
- A.
  Xuất hiện kết tủa vàng vì protein bị đông tụ và màu vàng là màu của NO₂.
- B.
  Xuất hiện kết tủa vàng vì có phản ứng thế nitro vào gốc thơm – C₆H₅OH của một gốc amino axit, sản phẩm tạo thành không tan trong nước
- C.
  Xuất hiện dung dịch vàng, màu vàng là màu của khí NO₂.
- D.
  Dung dịch abumin hóa đen do tính oxi hóa mạnh của axit nitric đặc.
Câu 16: Nhận biết
Số nhóm amino và số nhóm cacboxyl có trong một phân tử axit glutamic tương ứng là
- A.
  2 và 2.
- B.
  1 và 2.
- C.
  2 và 1.
- D.
  1 và 1.
Axit glutamic: HOOC[CH₂]₂CH(NH₂)COOH
Câu 17: Nhận biết
Amino axit X có phân tử khối bằng 147, tên của X là:
- A. Axit glutamic.
- B. Tyroxin.
- C. Valin.
- D. Lysin
Axit glutamic: HOOC[CH₂]₂CH(NH₂)COOH
→ M_{axit glutamic} : 147.
Câu 18: Vận dụng
Đun nóng 4,45 gam chất béo (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ với dung dịch NaOH. Khối lượng glixerol thu được là:
- A. 0,46 gam.
- B. 1,2 gam.
- C. 0,75 gam.
- D. 2 gam.
$n_{chất\: béo} = \frac{4,45}{890} = \frac{1}{200}\: (mol)$
Phương trình phản ứng
(C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ + 3NaOH $\overset{H_{2} O}{ightarrow}$ 3C₁₇H₃₅COONa + C₃H₅(OH)₃
$\frac{1}{200}$ → $\frac{1}{200}$
m_glixerol = $\frac{1}{200}$ .92 = 0,46 gam
Câu 19: Thông hiểu
Nhiệt độ sôi của các chất được sắp xếp theo thứ tự tăng dần đúng là
- A. CH₃COOCH₃< CH₃COOH < C₂H₅OH.
- B. CH₃COOCH₃< C₂H₅OH < CH₃COOH.
- C. C₂H₅OH < CH₃COOCH₃< CH₃COOH.
- D. HCOOH < CH₃OH < CH₃COOH.
Nhiệt độ tăng theo thứ tự Anđehit < Este < Ancol < Axit
Vậy đáp án đúng là: CH₃COOCH₃< C₂H₅OH < CH₃COOH.
Câu 20: Vận dụng cao
Amino axit X có công thức dạng NH₂CxHyCOOH. Đốt cháy m gam X bằng oxi dư thu được N₂; 1,12 lít CO₂ (đktc) và 0,99 gam H₂O. Cho 29,25 gam X vào V lít dung dịch H₂SO₄ 0,1M thu được dung dịch Y. Y phản ứng vừa đủ với 100 ml dung dịch hỗn hợp NaOH 2M và KOH 2,5M thu được dung dịch chứa a gam muối. Các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Giá trị của a là
- A. 40,85 gam.
- B. 51,75 gam.
- C. 63,45 gam.
- D. 52,95 gam.
Đốt m gam X: n_CO2= 0,05 mol; n_H2O = 0,055 mol
$\Rightarrow$ n_H2O > n_CO2 X là amino axit no, có 1 nhóm NH₂, 1 nhóm COOH.
Gọi công thức của X có dạng: C_nH_2n+1O₂N
C_nH_2n+1O₂N + O₂ → nCO₂ + (n+0,5)H₂O
0,05 0,055
$\Rightarrow$ 0,055n = 0,05.(n+0,5) $\Rightarrow$ n = 5 (C₅H₁₁O₂N)
- Xét phản ứng cho 29,25 gam X phản ứng với H₂SO₄ thu được Y, sau đó cho Y tác dụng với hỗn hợp NaOH và KOH vừa đủ:
n_X = 29,25 : 117 = 0,25 mol
Để đơn giản ta coi như cho hỗn hợp X và H₂SO₄ phản ứng với hỗn hợp NaOH và KOH:
Ta có: n_NaOH + n_KOH = 2n_H2SO4 + n_X
$\Rightarrow$ 0,2 + 0,25 = 2n_H2SO4 + 0,25
$\Rightarrow$ n_H2SO4 = 0,1 mol
n_H2O = n_NaOH + n_KOH = 0,2 + 0,25 = 0,45 mol
Câu 21: Nhận biết
Nhận xét nào sau đây không đúng?
- A. Tinh bột là chất rắn vô định hình, màu trắng.
- B. Xenlulozo không tham gia phản ứng tráng bạc.
- C. Ở điều kiện thường, tristearin ở trạng thái lỏng.
- D. Sacarozo không tác dụng với hidro.
Ở điều kiện thường, tristearin là chất rắn.
Câu 22: Thông hiểu
Ưu điểm của chất giặt tẩy rửa tổng hợp là
- A. Dễ kiếm.
- B. Rẻ tiền hơn xà phòng.
- C. Có thể dùng để giặt rửa cả trong nước cứng.
- D. Có khả năng hoà tan tốt trong nước.
Chất giặt rửa tổng hợp có ưu điểm là có thể dùng để giặt rửa trong nước cứng.
Câu 23: Thông hiểu
Cho các phát biểu sau:
1. Tất cả amin axit đều có nhiệt độ nóng chảy cao.
2. Tất cả amino axit đều tan trong nước.
3. Tất cả amino axit đều là chất rắn ở nhiệt độ thường.
4. Tất cả amino axit đều có vị chua.
Số phát biểu đúng là
- A. 1.
- B. 2.
- C. 3.
- D. 4.
Câu 24: Nhận biết
Nhận định nào sau đây là sai?
- A. Chất béo ở điều kiện thường là chất rắn.
- B. Chất béo nhẹ hơn nước.
- C. Chất béo không tan trong nước, tan trong các dung môi hữu cơ.
- D. Chất béo có nhiều trong tự nhiên.
Chất béo ở điều kiện thường, có thể là chất rắn (tristearin) hoặc chất lỏng (triolein)
Câu 25: Vận dụng
Cho 100 ml dung dịch glucozơ chưa rõ nồng độ phản ứng với một lượng dư AgNO₃ (hoặc Ag₂O) trong dung dịch NH₃ thu được 4,32 gam bạc kết tủa. Nồng độ mol (hoặc mol/l) của dung dịch glucozơ đã dùng là
- A. 0,2M.
- B. 0,1M.
- C. 0,4M.
- D. 0,3M.
Ta có:
n_Ag = 4,32 : 108 = 0,04 mol
Sơ đồ phản ứng
Glucozo → 2Ag
=> n_Glucozo = n_Ag : 2 = 0,04 : 2 = 0,02 mol
=> C_M = 0,02 : 0,1 = 0,2M
Câu 26: Vận dụng
Đun 24 gam axit axetic với 27,6 gam etanol (có H₂SO₄ đặc làm xúc tác) đến khi phản ứng đạt tới trạng thái cân bằng, thu được 22 gam este. Hiệu suất của phản ứng este hóa là:
- A. 50,5%.
- B. 62,5%.
- C. 55,0%.
- D. 75,0%.
Ta có:
n_CH3COOH= 0,4 mol;
n_C2H5OH = 0,6 mol;
n_este = 0,25 mol.
Phương trình phản ứng:
CH₃COOH + C₂H₅OH $\overset{H_{2} SO_{4},t^{o} }{ightleftharpoons}$ CH₃COOC₂H₅ + H₂O.
Xét tỉ lệ mol axit axetic và etanol: n_CH3COOH< n_C2H5OH (0,4 < 0,6)⇒ Vậy sau phản ứng axit hết.
Hiệu suất phản ứng tính theo axit:
$H=\frac{0,25}{0,4}.100=62,5\%$
Câu 27: Vận dụng cao
Thể tích nước brom 3% (d = 1,3g/ml) cần dùng để điều chế 4,4 gam kết tủa 2,4,6-tribrom anilin là
- A. 164,1 ml.
- B. 49,23 ml.
- C. 146,1 ml.
- D. 16,41 ml.
C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂Br₃NH₂↓ + 3HBr
Số mol C₆H₂Br₃NH₃ là:
$n\hspace{0.278em}=\hspace{0.278em}\frac{44}{330}\;mol$
Theo pt:
$nBr_2\;=\;3.n_{C6H2Br3NH3\;}=\;3.\frac{4,4}{330}\;=0,04\;\;mol$
$\Rightarrow$ m_Br2 = 0,04.160 = 6,4 (gam)
$\Rightarrow m_{ddBr23\%}\;=\;6,4:3\%\;=\frac{640}3\;gam$
$\Rightarrow V_{Br2cần\;dùng\;}=\;\frac mD\;=\;\frac{640}{3.\;1,3}\;=\;164,1\;(ml)\\$
Câu 28: Vận dụng cao
Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp andehit fomic, axit axetic, metyl fomat và glucozơ. Sản phẩm cháy cho vào dung dịch Ba(OH)₂ thu được 78,8 gam kết tủa. Tính m
- A. 12.
- B. 24.
- C. 32.
- D. 40.
X gồm các chất: HCHO; CH₃COOH; CH₃-CH(OH)-COOH; HCOOCH₃; C₆H₁₂O₆
Hay C(H₂O); C₂(H₂O)₂; C₃(H₂O)₃; C₂(H₂O)₂; C₆(H₂O)₆
Dễ thấy các hợp chất trong X đều có dạng: C_n(H₂O)_n
n_{kết tủa} = n_BaCO3 = 78,8 : 197 = 0,4 mol
Bảo toàn nguyên tố C ta có:
n_B_aCO₃ = n_CO₂ = 0,4 mol
=> n_H₂_O = n_C = n_CO₂= 0,4 mol
Bảo toàn khối lượng
m = m_C + m_H₂_O= 0,4.12 + 0,4.18 = 12 gam.
Câu 29: Vận dụng
Cho 1 mol amino axit X phản ứng với dung dịch HCl (dư), thu được m₁ gam muối Y. Cũng 1 mol amino axit X phản ứng với dung dịch NaOH (dư), thu được m₂ gam muối Z. Biết m₁ – m₂ = 7,0. Công thức phân tử của X là
- A. C₅H₁₀O₄N₂.
- B. C₅H₁₁O₄N₃.
- C. C₆H₁₀O₆N₂.
- D. C₆H₁₁O₆N₃.
PTPƯ:
X + HCl dư → XHCl
X + NaOH → X(-H)Na + H₂O.
Theo bài ra ta có:
Ta có M_HCl= 36,5 là số không nguyên mà (-H)(Na) luôn là số nguyên mà m₁ – m₂ = 7,0 là số nguyên nên số nhóm -NH₂ trong X phải là số chẵn
Xét đáp án ta có:
B, D không thõa mãn.
A, C phù hợp do có 2 nhóm -NH₂.
Do đó từ: m₁ - m₂ = 7 ⇒ 73 - 22.n = 7 (n là số nhóm COOH)
⇒ n = 3.
Vậy C đúng.
Câu 30: Thông hiểu
Cho dãy các chất: C₆H₅NH₂ (anilin), H₂NCH₂COOH, CH₃CH₂COOH, CH₃CH₂CH₂NH₂, C₆H₅OH (phenol). Số chất trong dãy tác dụng được với dung dịch HCl là:
- A. 4.
- B. 2.
- C. 3.
- D. 5.
Các chất tác dụng với HCl là: C₆H₅NH₂, H₂NCH₂COOH, CH₃CH₂CH₂NH₂.
C₆H₅NH₂ + HCl $ightarrow$ C₆H₅NH₃Cl
H₂NCH₂COOH + HCl $ightarrow$ ClH₃NCH₂COOH
CH₃CH₂CH₂NH₂ + HCl $ightarrow$ CH₃CH₂CH₂NH₃Cl
Câu 31: Nhận biết
Màu xanh của dung dịch keo X mất đi khi đun nóng và trở lại như ban đầu khi để nguội. Vậy X là:
- A. dung dịch (CH₃COO)₂Cu.
- B. dung dịch I₂ trong tinh bột.
- C. dung dịch đồng (II) glixerat.
- D. dung dịch I₂ trong xenlulozơ.
Phân tử tinh bột hấp phụ iot tạo ra dung dịch có màu xanh. Khi đun nóng, iot bị giải phóng ra khỏi phân tử tinh bột làm mất màu xanh tím.
Câu 32: Thông hiểu
Số mắt xích glucozơ có trong 194,4 mg amilozơ là (cho biết số Avogađro = 6,02.10²³):
- A. 7224.10¹⁷.
- B. 6501,6.10¹⁷.
- C. 1,3.10^-3.
- D. 1,08.10^-3.
Số mắt xích glucozơ có trong 194,4 mg amilozơ là:
$\frac{194,4.10^{-3}}{162}.6,02.10^{23}=7,224.10^{20}$
= 7224.10¹⁷
Câu 33: Thông hiểu
Thành phần phần trăm về khối lượng của nitơ trong phân tử anilin là:
- A. 16,1%.
- B. 17,21%.
- C. 14,95%.
- D. 15,05%.
CTPT của anilin là C₆H₇N:
$\%N\;=\;\frac{14}{12.6+7+14}.100\%\;=\;15,05\%$
Câu 34: Thông hiểu
Mantozơ có thể tác dụng với chất nào trong các chất sau:
(1) H₂ (Ni, t^o)
(2) Cu(OH)₂
(3) [Ag(NH₃)₂]OH
(4) CH₃OH/HCl
(5) dung dịch H₂SO₄ loãng, t^o
- A. 4.
- B. 3.
- C. 5.
- D. 2.
Mantozơ cấu tạo gồm hai gốc $\alpha$ -glucozơ liên kết với nhau, trong dung dịch gốc $\alpha$ -glucozơ của mantozơ có thể mở vòng tạo ra nhóm CH=O nên mantozơ có tính chất:
Tác dụng với H₂.
Tác dụng với Cu(OH)₂ cho phức đồng-mantozơ màu xanh lam.
Tính khử: Khử [Ag(NH₃)₂]OH và Cu(OH)₂ khi đun nóng.
Bị thủy phân khi có mặt xúc tác axit hoặc enzim.
Riêng CH₃OH/HCl là phản ứng xảy ra ở nhóm -OH semiaxetol, tạo ete.
Câu 35: Thông hiểu
Để tách riêng từng chất từ hỗn hợp benzen, anilin, phenol ta chỉ cần dùng các hoá chất (dụng cụ, điều kiện thí nghiệm đầy đủ) là
- A. dung dịch NaOH và dung dịch HCl.
- B. dung dịch NaOH và khí CO₂.
- C. H₂O và dung dịch HCl.
- D. dung dịch NaCl và dung dịch Br₂.
Cho hỗn hợp tác dụng với dung dịch NaOH chỉ có phenol tác dụng tạo thành muối nên tách thành 2 lớp, lớp (1) gồm C₆H₅OH, NaOH và lớp (2) gồm C₆H₆ và C₆H₅NH_2:
C₆H₅OH + NaOH $ightarrow$ C₆H₅ONa + H₂O
Tách riêng lớp (1) rồi cho tác dụng với dung dịch HCl dư, lọc thu được lại phenol:
C₆H₅ONa + HCl $ightarrow$ C₆H₅OH + NaCl
Lớp (2) cho tác dụng với dung dịch HCl dư thì chỉ có anilin tác dụng, rồi tách lớp, chiết lấy benzen. Sau đó cho phần còn lại tác dụng với NaOH dư, chiết thu được lại anilin:
C₆H₅NH₂ + HCl → C₆H₅NH₃Cl
C₆H₅NH₃Cl + NaOH → C₆H₅NH₂ + NaCl + H₂O
Câu 36: Nhận biết
Đặc điểm của phản ứng thuỷ phân chất béo trong môi trường axit.
- A. Phản ứng thuận nghịch.
- B. Phản ứng xà phòng hoá.
- C. Phản ứng không thuận nghịch.
- D. Phản ứng cho nhận electron.
Phản ứng thuỷ phân chất béo trong môi trường axit là phản ứng thuận nghịch
(CH₃[CH₂]₁₆COO)C₃H₅ + 3H₂O $\overset{t^{\circ } , H^{+} }{ightleftharpoons}$ 3CH₃[CH₂]₁₆COOH + C₃H₅(OH)₃
tristearin axit stearic glixerol
Câu 37: Vận dụng
Từ 18 kg glyxin NH₂CH₂COOH ta có thể tổng hợp được protein với hiệu suất 76% thì khối lượng protein thu được là
- A.
  16,36 kg.
- B.
  10,40 kg.
- C.
  18,00 kg.
- D.
  13,68 kg.
Phản ứng:
nH₂NCH₂COOH $ightarrow$ protein + (n-1)H₂O
$\Rightarrow$ n_H2O = n_glyxin = 18/75 = 0,24 mol
Ta có hiệu suất phản ứng là 76%
$\Rightarrow$ m_protein = (18 - 0,24.18).76% = 10,4 gam
Câu 38: Vận dụng
Thuỷ phân hoàn toàn tinh bột bằng enzim thu được dung dịch X. Lên men rượu X thu được dung dịch Y. Y tham gia được phản ứng tráng gương. Cho Na dư vào Y thì số chất tối đa tác dụng được với Na là bao nhiêu? Biết rằng: enzim không tham gia được phản ứng này và giả thiết các monosaccarit chỉ phản ứng ở dạng mạch hở.
- A. 2.
- B. 3.
- C. 1.
- D. 4.
Tinh bột bị thủy phân hoàn toàn thành glucozơ:
(C₆H₁₀O₅)_n + H₂O $\xrightarrow{enzim}$ nC₆H₁₂O₆
Tiếp tục lên men X thu được dung dịch Y.
C₆H₁₂O₆ $\xrightarrow{lên\;men,\;32-35^\circ C}$ 2CO₂ + 2C₂H₅OH
Mặt khác Y tham gia được phản ứng tráng gương
$\Rightarrow$ Trong dung dịch Y ngoài C₂H₅OH còn có C₆H₁₂O₆ dư. Các chất này tồn tại trong dung dịch. Khi cho tác dụng với Na, Na sẽ tác dụng với nước trong dung dịch trước tạo thành NaOH:
Na + H₂O $ightarrow$ NaOH + 1/2H₂
Nhưng do Na dư nên sau khi tác dụng hết với H₂O sẽ tác dụng tiếp với C₂H₅OH:
C₂H₅OH + Na $ightarrow$ C₂H₅ONa + 1/2H₂
Vậy Na tác dụng được với 2 chất.
Câu 39: Nhận biết
Cặp chất nào sau đây không phải là đồng phân của nhau?
- A. Mantozơ và saccarozơ.
- B. Tinh bột và xenlulozơ.
- C. Fructozơ và glucozơ.
- D. Metyl fomat và axit axetic.
Metyl fomat và axit axetic có cùng công thức phân tử: C₂H₄O₂.
Mantozơ và saccarozơ có công thức phân tử: C₁₂H₂₂O₁₁.
Fructozơ và glucozơ có công thức phân tử: C₆H₁₂O₆.
Tinh bột và xenlulozơ.đều có CTPT tổng quát là (C₆H₁₀O₅)_n nhưng hệ số n ở tinh bột và xenlulozơ khác nhau → chúng không phải đồng phân của nhau.
Câu 40: Vận dụng
Khi đốt cháy hoàn toàn một amin đơn chức X thu được 8,4 lít CO₂, 1,4 lít N₂ và 10,125gam H₂O. Công thức của X là
- A. C₃H₉N.
- B. CH₅N.
- C. C₂H₇N.
- D. C₄H₁₂N.
n_CO2 = 0,375 mol $\Rightarrow$ n_C = n_CO2 = 0,375 mol
n_N2 = 0,0625 mol $\Rightarrow$ n_N = 2n_N2 = 0,125 mol
n_H2O = 0,5625 mol $\Rightarrow$ n_H = 2n_H2O= 1,125 mol
Vậy ta có:
⇒ n_C:n_H:n_O = 0,375:1,125:0,125 = 3: 9:1
⇒ Công thức phân tử của X là C₃H₉N

3 lượt xem

Sắp xếp theo

Xóa Gửi bình luận

Đề thi giữa kì 1 Hóa 12 - Đề 2

Chúc mừng Bạn đã hoàn thành bài!